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目标

给你一个整数数组 nums 和一个二维数组 queries，其中 queries[i] = [posi, xi]。

对于每个查询 i，首先将 nums[posi] 设置为 xi，然后计算查询 i 的答案，该答案为 nums 中 不包含相邻元素 的 子序列 的 最大 和。

返回所有查询的答案之和。

由于最终答案可能非常大，返回其对 10^9 + 7 取余 的结果。

子序列 是指从另一个数组中删除一些或不删除元素而不改变剩余元素顺序得到的数组。

示例 1：

输入：nums = [3,5,9], queries = [[1,-2],[0,-3]]
输出：21
解释：
执行第 1 个查询后，nums = [3,-2,9]，不包含相邻元素的子序列的最大和为 3 + 9 = 12。
执行第 2 个查询后，nums = [-3,-2,9]，不包含相邻元素的子序列的最大和为 9 。

示例 2：

输入：nums = [0,-1], queries = [[0,-5]]
输出：0
解释：
执行第 1 个查询后，nums = [-5,-1]，不包含相邻元素的子序列的最大和为 0（选择空子序列）。

说明：

• 1 <= nums.length <= 5 * 10^4
• -10^5 <= nums[i] <= 10^5
• 1 <= queries.length <= 5 * 10^4
• queries[i] == [posi, xi]
• 0 <= posi <= nums.length - 1
• -10^5 <= xi <= 10^5

思路

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代码

性能

目标

在本问题中，有根树指满足以下条件的 有向 图。该树只有一个根节点，所有其他节点都是该根节点的后继。该树除了根节点之外的每一个节点都有且只有一个父节点，而根节点没有父节点。

输入一个有向图，该图由一个有着 n 个节点（节点值不重复，从 1 到 n）的树及一条附加的有向边构成。附加的边包含在 1 到 n 中的两个不同顶点间，这条附加的边不属于树中已存在的边。

结果图是一个以边组成的二维数组 edges 。 每个元素是一对 [ui, vi]，用以表示 有向 图中连接顶点 ui 和顶点 vi 的边，其中 ui 是 vi 的一个父节点。

返回一条能删除的边，使得剩下的图是有 n 个节点的有根树。若有多个答案，返回最后出现在给定二维数组的答案。

示例 1：

输入：edges = [[1,2],[1,3],[2,3]]
输出：[2,3]

示例 2：

输入：edges = [[1,2],[2,3],[3,4],[4,1],[1,5]]
输出：[4,1]

说明：

• n == edges.length
• 3 <= n <= 1000
• edges[i].length == 2
• 1 <= ui, vi <= n

思路

有一颗 n 个节点的树，节点编号 1 ~ n。使用 edges 表示向树中两个没有直接连接的节点之间加一条边之后的边的集合，找出一条可以删除的边使得 edges 变为一颗有 n 个节点的树。如果有多种选择，返回 edges 中最后出现的那个，即下标最大的边。与 冗余连接 不同的是 edges 是 有向边 的集合。

如果直接使用昨天无向图寻找环的做法会有两个问题：

• 无法处理 a -> b, b -> a 的情况，因为在无向图中为了防止环，直接回避了这种情况
• 并不是删去环上任意一条边都可以的，因为边是有向的，如果某个节点出现两个父节点，那么一定要删去以该节点为终点的边

官网题解使用的还是并查集。// todo

代码

/**
 * @date 2024-10-28 8:51
 */
public class FindRedundantDirectedConnection685 {

    List<Integer>[] g;
    Set<Integer> loop;
    List<Integer> path;
    int start;
    int end;

    public int[] findRedundantDirectedConnection(int[][] edges) {
        int n = edges.length;
        g = new List[n + 1];
        for (int i = 0; i <= n; i++) {
            g[i] = new ArrayList<>();
        }
        int[] degree = new int[n + 1];
        Set<Integer> e = new HashSet<>(n);
        int end = -1;
        int[] self = null;
        for (int[] edge : edges) {
            int from = edge[0];
            int to = edge[1];
            int fromto = from << 10 | to;
            int tofrom = to << 10 | from;
            if (e.contains(fromto)) {
                self = new int[]{from, to};
            }
            e.add(fromto);
            e.add(tofrom);
            g[from].add(to);
            g[to].add(from);
            if (degree[to] == 1) {
                end = to;
            } else {
                degree[to]++;
            }
        }

        if (self != null) {
            if (end == -1) {
                for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
                    if ((self[0] == edges[i][0] && edges[i][1] == self[1])
                            || (self[0] == edges[i][1] && edges[i][0] == self[1])) {
                        return edges[i];
                    }
                }
            } else {
                return new int[]{self[0] == end ? self[1] : self[0], end};
            }

        }

        loop = new HashSet<>(n);
        path = new ArrayList<>();
        loop.add(1);
        path.add(1);
        dfs(0, 1);
        loop = new HashSet<>();
        for (int i = path.size() - 1; i >= 0; i--) {
            loop.add(path.get(i));
            if (start == path.get(i)) {
                break;
            }
        }
        if (end == -1) {
            for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
                if (loop.contains(edges[i][0]) && loop.contains(edges[i][1])) {
                    return edges[i];
                }
            }
        } else {
            for (int i = n - 1; i >= 0; i--) {
                if (edges[i][1] == end && loop.contains(edges[i][0])) {
                    return edges[i];
                }
            }
        }

        return null;
    }

    private boolean dfs(int parent, int current) {
        for (Integer next : g[current]) {
            if (next == parent) {
                continue;
            }
            if (loop.contains(next)) {
                start = next;
                return true;
            } else {
                loop.add(next);
                path.add(next);
                if (dfs(current, next)) {
                    return true;
                }
                path.remove(path.size() - 1);
                loop.remove(next);
            }
        }
        return false;
    }

}

性能

目标

如果一个正整数每一个数位都是 互不相同 的，我们称它是 特殊整数 。

给你一个 正 整数 n ，请你返回区间 [1, n] 之间特殊整数的数目。

示例 1：

输入：n = 20
输出：19
解释：1 到 20 之间所有整数除了 11 以外都是特殊整数。所以总共有 19 个特殊整数。

示例 2：

输入：n = 5
输出：5
解释：1 到 5 所有整数都是特殊整数。

示例 3：

输入：n = 135
输出：110
解释：从 1 到 135 总共有 110 个整数是特殊整数。
不特殊的部分数字为：22 ，114 和 131 。

说明：

• 1 <= n <= 2 * 10^9

思路

求 1 ~ n 之间的特殊整数，所谓特殊整数指 十进制 下的每一位都不相同的整数。

// todo

代码

性能